Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Gọi công thức chung của X là CnH2n+2-2xO2x
Có a mol CnH2n+2-2xO2x đốt cháy thu được a mol H2O
Áp dụng định luật bảo toàn nguyên tố cho H,
=> X có số nguyên tử c bằng số nhóm chức.
=> X gồm HCOOH (m mol) và HOOC-COOH (n mol)
Đáp án D
X 8 C Y 9 C Z 11 C T : C n H 2 n O 2 → q u y đ 0 i C H 2 : x C O N H : y H 2 O : z O 2 : T 249 , 56 g
P 1 → + O 2 CO 2 : a m o l H 2 O : a − 0 , 11 m o l P 2 → + NaOH : y + t mol H 2 O : z m o l + C 2 H 5 O H : t m o l + G C n H 2 n O 2 N N a C m H 2 m − 1 O 2 N a G C n H 2 n O 2 N N a C m H 2 m − 1 O 2 N a → + O 2 : 3 , 385 m o l Na 2 CO 3 : 0 , 5 y + 0 , 5 t CO 2 : a + 0 , 5 y − 2 , 5 t H 2 O : x + y − 2 , 5 t
P1: n C O 2 – n H 2 O = 0 , 11 = > 0 , 5 y – z = 0 , 11 1
P2: n N a O H = y + t = > n N a 2 C O 3 = 0 , 5 y + 0 , 5 t
BT “C”: x + y - 2 t = 0 , 5 y + 0 , 5 t + n C O 2
=> n C O 2 = x + 0 , 5 y – 2 , 5 t
BT “ H ” : 2 x + y + 2 z + y + t − 2 z − 6 t = 2 n H 2 O
= > n H 2 O = x + y – 2 , 5 t
BT “O”: n O ( m u ố i ) + 3 , 385 . 2 = 3 ( 0 , 5 y + 0 , 5 t ) + 2 ( x + 0 , 5 y – 2 , 5 t ) + ( x + y – 2 , 5 t )
=> 3x + 1,5y – 8t = 6,77 (2)
Phương trình về KL: 14x + 43y + 18z + 32t = 249,56:2 (3)
BTKL: 124,78 + 4(y+t) = 133,18 + 18z + 46t
=> 40y – 18z – 6t = 8,4 (4)
(1) (2) (3) (4) => x = 4,98; y = 0,42; z = 0,1; t = 1,1
→ 4 , 3 < n C ( e s t e ) < 4 , 6 → < C ( e s t e ) <
→ E s t e : C 4 H 8 O 2
→ n C peptit = 5 , 4 − 4 , 4 = 1 n peptit = z = 0 , 1 n CONH = 0 , 42 → s o m a t x í c h t b = 4 , 2
Z : Gly 4 A l a m Y : Gly 3 A l a n X : V a l A l a p → m + n + p = 0 , 1 11 m + 9 n + 8 p = 1 5 m + 4 n + 2 p = 0 , 42
→ m = 0 , 06 n = 0 , 02 z = 0 , 02
→ % m Y = .100 % = 4 , 17 %
Đáp án cần chọn là: B
Chọn đáp án B
MX = 32 : 0,32 = 100 ⇒ X là C5H8O2.
♦ giải đốt 0,2 mol E + O2 –––to–→ 0,7 mol CO2 + 0,625 mol H2O.
⇒ Ctrung bình E = 0,7 ÷ 0,2 = 3,5 ⇒ CY < 3,5.
⇒ có các khả năng cho Y là HCOOCH3; HCOOC2H5 và CH3COOCH3.
Tuy nhiên chú ý rằng thủy phân E thu được 2 ancol có cùng số C ⇒ Y phải là HCOOC2H5: y mol
để suy ra được rằng ancol cùng số C còn lại là C2H4(OH)2.
⇒ cấu tạo của X là CH2=CH–COOC2H5:x mol
este Z no là (HCOO)2C2H4 : zmol
Đáp án A
*Đốt cháy 0,36 mol X:
Số C trung bình: 2,79 : 0,36 = 7,75 mol
Gọi công thức chung của este là:
C7,75H2.7,75 + 2 – 2kOx hay C7,75H17,5-2kOx
BTNT “H”: nH(X) = 2nH2O
=> 0,36(17,5-2k) = 1,845.2 => k = 3,625
*Đun Y với 0,855 mol NaOH: nX = nY = 0,36 mol
nCOO(X) = nCOO(Y) = nNaOH = 0,855 mol
=> Số nhóm COO trung bình của X là: 0,855 : 0,36 = 2,375
=> π(COO) = 2,375
Mặt khác:
k = π(COO) + π(gốc hidrocacbon)
=> π(gốc hidrocacbon) = 3,625 – 2,375 = 1,25
=> a = 1,25.0,36 = 0,45 mol gần nhất với 0,48 mol
nCOO = nNaOH = 0,11 mol
Số chức este trung bình = 0,11 : 0,08 = 1,375
Cho Y tác dụng với NaOH thu được muối không phân nhánh nên trong hỗn hợp X chỉ chứa este đơn chức và este hai chức (được tạo bởi axit hai chức và ancol đơn chức).
Đặt số mol ancol đơn chức và hai chức lần lượt là a và b (mol)
nX = a + b = 0,08 mol (1)
nNaOH = a + 2b = 0,11 (2)
Giải (1) và (2) được a = 0,05 và b = 0,03
*Phản ứng của Y với NaOH:
Ta có n ancol = nNaOH = 0,11 mol => M ancol = 6,88 : 0,11 = 688/11 (g/mol)
Mà ancol có dạng: CnH2n+2O => n = (688/11 – 18)/14 = 35/11
=> nC(ancol) = 35/11.0,11 = 0,35 mol
Đốt 0,01 mol X cần 0,09 mol O2 => đốt 0,08 mol X cần 0,72 mol O2
Đốt Y tương đương việc đốt 0,08 mol X và 0,17 mol H2
=> nO2 (đốt 0,08 mol Y) = nO2(đốt 0,08 mol X) + 0,5nH2 = 0,72 + 0,5.0,17 = 0,805 mol
*Phản ứng đốt Y:
Đặt số mol CO2 và H2O lần lượt là x, y (mol)
nCO2 – nH2O = n este hai chức => x – y = 0,03 (3)
BTNT “O”: nO(Y) + 2nO2 = 2nCO2 + nH2O => 2x + y = 0,11.2 + 2.0,805 (4)
Giải (4) và (5) được x = 0,62 và y = 0,59
nCO2 = nC(muối) + nC(ancol) => nC(muối) = 0,62 – 0,35 = 0,27 mol
Muối gồm:
CnH2n-1O2Na: 0,05
CmH2m-4O4Na2: 0,03
=> 0,05n + 0,03m = 0,27 => 5n + 3m = 27 có nghiệm là n = 3 và m = 4
=> C3H5O2Na (0,05) và C4H4O4Na2 (0,03)
=> %m C4H4O4Na2 = 50,31%
Đáp án cần chọn là: C
Chọn C.
Ta có: n Y = n X = 0 , 08 v à n N a O H = 0 , 11 m o l Þ Y chứa este đơn chức (0,05 mol) và este hai chức (0,03 mol) (Vì các muối có mạch không nhánh nên tối đa 2 chức).
Đốt 0,08 mol X cần n O 2 = 0 , 08 . 0 , 09 0 , 01 + 0 , 17 2 = 0 , 805 m o l . Khi đốt Y, gọi CO2 (u mol) và H2O (v mol).
→ B T O 2 u + v = 1 , 83 và neste hai chức = a-b= 0,03 Þ u = 0,62 và v = 0,59.
T chứa C (a mol), H (b mol) và O (0,11 mol)
Khi đó: 
= 0,27
Muối gồm 
Khi đó: n.0,05 + m.0,03 = 0,27 Þ n = 3 và m = 4 ⇒ % C 2 H 4 ( C O O N a ) 2 = 50 , 31 %
Đáp án B
Cách 1 : qui đổi. (cách của mình)
Xem hỗn hợp Y gồm : HCOOCH3 (a mol), (COOCH3)2 (b mol) và CH2 (c mol)
a + b = 0,08
a + 2b = NaOH = 0,11
⇒ a = 0,05 ; b = 0,03
Thay việc đốt X bằng đốt Y : O2 đốt X + O2 đốt H2 = O2 đốt Y => c = 0,4 ?=> mY = 12,14 (gam)
Muối Z gồm RCOONa (0,05) và R’(COONa)2 (0,03 mol)
=> 0,05 (R +67) + 0,03 (R’ + 134) = 12,14 + 0,11.40 – 6,88 = 9,66=> 5R +3R’ = 229 => R =29, R’=28
=>C2H5COONa và C2H4(COONa)2 => kết quả.
Cách 2 : Cách tham khảo mạng
nNaOH > nX → có este hai chức
neste hai chức = 0,11 – 0,08 = 0,03 → neste đơn chức = 0,05
→ nO (0,08 mol X) = 0,11.2 = 0,22
nPi(0,08 mol X) = 0,11 + 0,17 = 0,28
nancol = nNaOH = 0,11 → Mancol = 6,88/0,11 = 62,5
Đạt nCO2 = a ; nH2O = b khi đốt cháy X ;
nPi (0,01 mol X) = 0,28/8 = 0,035
nO (0,01 mol X) = 0,22/8 = 0,0275
nH2O + nPi = nCO2 + nX → a – b = 0,035 – 0,01 = 0,025
Bảo toàn oxi: 2a + b = 0,0275 + 0,09.2 = 0,2075 → a = 0,0775 và b = 0,0525
mY (0,08 mol) = (0,0775.12 + 0,0525.2 + 0,0275.16).8 + 0,17.2 = 12,14
mmuối = 12,14 + 0,11.40 – 6.88 = 9,66
Gọi 2 muối có phân tử khối là M1 (đơn chức) và M2 (hai chức)
0,05M1 + 0,03M2 = 9,66 → M1 = 96 và M2 = 162
%M2 = (0,03.162.100)/9,66 = 50,31
Đáp án B
« Giả thiết “chữ”: hai axit có mạch cacbon không phân nhánh nên axit đơn chức hoặc hai chức.
· Giải đốt 0,11 mol hai ancol no, đơn chức, mạch hở nặng 6,88 gam.
® Phân tích ancol về 0,11 mol H2O + 0,35 mol CH2 ® số mol O2 cần đốt là 0,525 mol.
Vì nY = nX = 0,08 mol < 0,11 mol NaOH nên Y gồm este đơn chức và ests hai chức.
Giải số mol hai muối trong Z là 0,05 mol axit đơn chức và 0,03 mol axit hai chức.
Đốt 0,08 mol X cần 0,72 mol O2; đốt 0,17 mol H2 cần 0,085 mol O2 nên đốt Y cần 0,805 mol O2.
Gọi số mol CO2 và H2O sinh ra khi đốt Y lần lượt là x và y mol:
· Bảo toàn nguyên tố O có: 2x+y= 0,085.2+(0,05.2+0,03.4).
· Tương quan đốt có: x – y = neste hai chức = 0,03.
Theo đó, giải hệ được x = 0,62 mol và y = 0,59 mol ® bảo toàn khối lượng có mY = 12,14 gam.
Sơ đồ thủy phân: 
® Bảo toàn khối lượng ta có mZ = 9,66 gam. Với các muối trong Z có dạng như trên, ta có phương trình: 0,05(14n+54)+0,03(14m+106) = 9,66=> 5n+3m = 27
Nhìn nhanh: n chia hết cho 3 nên n = 3, tương ứng, m = 4 là cặp nghiệm nguyên thỏa mãn.
Theo đó, Z gồm 0,05 mol C2H5COONa và 0,03 mol C2H4(COONa)2.
® Yêu cầu: %mmuối có phân tử khối lớn hơn trong Z = 0 , 03 . 162 9 , 66 . 100 % ≈ 50 , 31 %
số nguyên tử H trung bình= 2
suy ra có hai axit đều có 2 nguyên tử H
HCOOH:x
HOOC-COOH:y
x+y=a
x+2y=1,6a
-> x=0,4a; y=0,6a
%Y=46.0,6a/46.0,4a+90.0,6a.100=25,41%