Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Gợi ý: Gọi 
, chứng minh được AK ^ BC.
Áp dụng cách làm tương tự 4A suy ra ĐPCM
Kẻ HF vuông góc với BC, F thuộc BC
Ta chứng minh được tg BHF đồng dạng với tg BCD
=> BH/BC = BF/BD => BH.BD=BC.BF
tg CHF đồng dạng với tg CBE
=>CH/CB= CF/CE=CB.CF
=>BH.BD+CH.CE=CB.BF=CB.CB=BC2
Kẻ HM | BC
+) Tam giác BHM đồng dạng với tam giác BCD ( có góc BEH = BDC = 90o; góc CBD chung)
=> BM/ BD = BH/ BC => BM. BC = BH. BD (1)
+) Tương tự, tam giác CMH đồng dạng với tam giác CEB ( có góc BCE chung ; góc HMC = CEB = 90o)
=> CH/ CB = CM/ CE =>CM .CB = CH. CE (2)
Cộng từng vế của (1)(2) => BM.BC + CM.CB = BH.BD + CH .CE => (BM + CM).CB = BH.BD + CH.CE
=> BC2 = BH.BD + CH.CE
Vậy...
Kẻ HK vuông góc với BC
Xét tam giác BKH và BDC có: góc CBD chung; góc HKB = BDC (= 90o)
=> tam giác BKH đồng dạng với BDC (g - g)
=> BK/BD = BH/ BC => BH.BD = BK. BC (1)
+) Tương tự, tam giác CKH đồng dạng với tam giác CEB (g - g)
=> CK/ CE = CH/BC => CH . CE = CK.BC (2)
Từ (1)(2) => BH.BD + CH.CE = BK.BC + CK. BC = (BK+ CK). BC = BC.BC = BC2
Xét \(\Delta BHF\)và \(\Delta BCD\)
có \(\widehat{BEH}=\widehat{BDC}=90^0\)và \(\widehat{DBC}\)chung
\(\Rightarrow\Delta BHF~\Delta BCD\left(g-g\right)\)\(\Rightarrow\frac{BF}{BD}=\frac{BH}{BC}\Rightarrow BF.BC=BH.BD\left(1\right)\)
Xét \(\Delta CFH\)và \(\Delta CEB\)
có \(\widehat{CFH}=\widehat{CEB}=90^0\)và \(\widehat{ECB}\)chung
\(\Rightarrow\Delta CFH~\Delta CEB\left(g-g\right)\)\(\Rightarrow\frac{CH}{CB}=\frac{CF}{CE}\Rightarrow CB.CF=CH.CE\left(2\right)\)
Cộng (1) với (2) ta được \(BF.BC+CF.CB=BH.HD+CH.CE\)
\(\Rightarrow\left(BF+CF\right)CB=BH.BD+CH.CE\)hay \(BH.BD+CH.CE=BC^2\left(đpcm\right)\)
Vậy ....
a: Xét ΔABD vuông tại D và ΔACE vuông tại E có
góc BAD chung
=>ΔABD đồng dạng với ΔACE
b: ΔABD đồng dạng với ΔACE
=>AD/AE=AB/AC
=>AD/AB=AE/AC
=>ΔADE đồng dạng với ΔABC
a: Xét ΔADB vuông tại D và ΔAEC vuông tại E có
góc A chung
=>ΔADB đồng dạng với ΔAEC
b: góc BEC=góc BDC=90 độ
=>BEDC nội tiếp
=>góc ADE=góc ABC
gọi F là giao AH và BC
vì tam giác ABC có 2 đường cao CE và BD cắt nhau tại H
=> H là trực tâm tam giác ABC
=>AH vuông góc với BC hay AF vuông góc với BC
Xét tam giác BHF và tam giác BCD có:
góc HBF chung
góc BCD=góc BFH=90 độ(gt)
=>tam giác BHF đồng dạng với tam giác BCD(g-g)
=>BH/BF = BC/BD
=>BH.BD=BF.BC (1)
Xét tam giác CFH và tam giác CEB có:
góc HCF chung
góc CFH=góc CEB=90 độ(gt)
=>tam giác CFH đồng dạng tam giác CEB(g-g)
=>CH/CF = CB/CE
=>CH.CE=CF.CB (2)
Từ (1),(2) => BH.BD+CH.CE=BF.BC+CF.CB
=BC.(CF+BF)=BC.BC=BC2 (đpcm)
Ta có: AM là đường cao thứ 3( đi qua trực tâm H)
Xét \(\Delta BMH\) và \(\Delta BDC\) có:
\(\widehat{BMH}=\widehat{BDC}\left(=90^0\right)\)
\(\widehat{B}\) chung
\(\Rightarrow\Delta BMH\approx\Delta BDC\left(g-g\right)\)
\(\Rightarrow\dfrac{BM}{BD}=\dfrac{BH}{BC}\)\(\Leftrightarrow BD.BH=BM.BC\left(1\right)\)
Xét \(\Delta CMH\) và \(\Delta CEB\) có:
\(\widehat{CMH}=\widehat{CEB}\left(=90^0\right)\)
\(\widehat{C}\) chung
\(\Rightarrow\Delta CMH=\Delta CEB\left(g-g\right)\)
\(\Rightarrow\dfrac{CM}{CH}=\dfrac{CE}{CB}\Leftrightarrow CH.CE=BC.CM\left(2\right)\)
Cộng (1) và (2) vế theo vế, ta được:
\(BD.BH+CH.CE=BM.BC+BC.CM\)
\(\Rightarrow BD.BH+CH.CE=BC.\left(BM+CM\right)=BC^2\left(đpcm\right)\)
p/s: Hình ảnh chỉ mang tính chất minh họa