Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Chọn đáp án A.
Quy E về C2H3NO, CH2 và H2O.
Xét trong 0,16 mol E:
⇒ nH2O = nE = 0,16 mol;
nC2H3NO = NaOH = 0,9 mol.
● Đặt nCH2 = x.
Giả sử 30,73(g) E gấp k lần 0,16 mol E.
⇒ 30,73(g) E chứa 0,9k mol C2H3NO; kx mol CH2; 0,16k mol H2O.
► mE = 57 × 0,9k + 14kx + 18 × 0,16k = 30,73(g).
Đốt cho:
CO2: (1,8k + kx) mol và H2O: (1,51k + kx) mol.
⇒ 44 × (1,8k + kx) + 18 × (1,51k + kx) = 69,31(g).
Giải hệ có:
kx = 0,26; k = 0,5
⇒ x = 0,52 mol
⇒ b = 0,52 mol.
⇒ a = 0,9 - 0,52 = 0,38 mol
⇒ a : b = 0,73
Vì E + NaOH => muối của Alanin và Valin
=> X, Y, Z được tạo ra từ Ala và Val đều là amino axit no, đơn chức, mạch hở
CTTQ của X là: C n H 2 n + 2 − 2 k + x N x O x + 1
X c h á y → n C O 2 + n + 1 – k + x / 2 H 2 O
a an a.(n + 1 – k + x/2)
Theo đề bài n C O 2 – n H 2 O = a
=> an – a.(n + 1- k + x/2) = a
=> k – x/2 = 2
Do k = x nên nghiệm thỏa mãn là k = x = 4
Tương tự Y, Z => X, Y, Z đều là các tetrapeptit
Gọi n X = a m o l ; n Y = b m o l Đ K : a < b
E + NaOH → muối + H 2 O
=> n N a O H = 4 . ( n X + n Y + n Z ) = 4 a + 4 b + 4 . 0 , 16
n H 2 O = n E = a + b + 0 , 16
BTKL: m E + m N a O H = m m u o i + m H 2 O
=> 69,8 + 40.(4a + 4b + 0,64) = 101,04 + 18.(a + b + 0,16)
=> a + b = 0,06
= > n E = a + b + 0 , 16 = 0 , 22 m o l = > M E = 317 , 27 = > Z l à A l a 4 M = 302 m ( X , Y ) = m E – m Z = 21 , 48 = > m ( X , Y ) = 358 = > Y l à A l a 3 V a l M = 330
Do A l a 2 V a l 2 nên X không thể là chất này. Có 2 trường hợp:
TH1: X l à A l a V a l 3 M = 386
m m u o i = 111. a + 3 b + 0 , 16.4 + 139. 3 a + b = 101 , 04
Kết hợp a + b = 0,06 => a = b = 0,03 => loại vì theo đề bài n X < n Y
TH2: X l à V a l 4 M = 414
m m u o i = 139. 4 a + b + 111. 3 b + 0 , 16.4 = 0 , 04
Kết hợp a + b = 0,06 => a = 0,02; b = 0,04 (thỏa mãn a < b)
⇒ % X = 0 , 02. 414 69 , 8 .100 % = 11 , 86 % ≈ 11 , 8 %
Đáp án cần chọn là: A
Đáp án A
Vì E + NaOH => muối của Alanin và Valin
=> X, Y, Z được tạo ra từ Ala và Val đều là amino axit no, đơn chức, mạch hở
CTTQ của X là: CnH2n+2-2k + x NxOx+1
X cháy → nCO2 + ( n+ 1 – k + x/2)H2O
a an a( n + 1 – k + x/2)
Theo đề bài nCO2 – nH2O = a
=> an – a(n+1- k + x/2) = a
=> k – x/2 = 2
Do k = x nên nghiệm thỏa mãn là k = x = 4
Tương tự Y, Z => X, Y, Z đều là các tetrapeptit
Gọi nX = a ( mol); nY = b ( mol) (ĐK: a< b)
E + NaOH → muối + H2O
=> nNaOH = 4( nX + nY + nZ) = 4a + 4b + 4.0,16
nH2O = nE = a + b + 0,16
BTKL: mE + mNaOH = mmuối + mH2O
=> 69,8 + 40( 4a + 4b + 0,64) = 101,04 + 18( a + b + 0,16)
=> a + b = 0,06
=> nE = a + b + 0,16 = 0,22 (mol)
=> ME = 317,27 => Z là (Ala)4 (M =302)
m(X,Y) = mE – mZ = 21,48
=> m (X, Y) = 358 => Y là (Ala)3Val ( M =330)
Do (Ala)2(Val)2 nên X không thể là chất này. Có 2 trường hợp:
TH1: X là (Ala)(Val)3 (M = 386)
m muối = 111( a + 3b + 0,16.4) 139. ( 3a+ b) = 101,04
Kết hợp a+ b = 0,06 => a = b = 0,03 => loại vì theo đề bài nX < nY
TH2: X là (Val)4 (M = 414)
m MUỐI = 139( 4a + b) + 111 ( 3b + 0,16.4) = 0,04
Kết hợp a + b = 0,06 => a = 0,02; b = 0,04 (thỏa mãn a< b)
=> %X = (0,02. 414: 69,8).100% = 11,86%≈ 11,8 %
Do khi đốt a mol mỗi peptit đều thu được số mol C O 2 nhiều hơn số mol H 2 O là a mol mà các peptit đều được tạo từ các aminoaxit no, có 1 nhóm N H 2 và 1 nhóm COOH nên các peptit này có số lượng mắt xích như nhau.
Giả sử số mắt xích mỗi peptit là k → CTTQ: C n H 2 n + 2 − 2 k + k N k O k + 1
C n H 2 n + 2 − 2 k + k N k O k + 1 → n C O 2 + n + 1 − 0 , 5 k H 2 O
a na a(n+1-0,5k)
→ na - a(n+1-0,5k) = a → k = 4
Vậy các peptit đều là tetrapeptit
Đặt n p e p t i t = a m o l → n N a O H = 4 a m o l ; n H 2 O = a m o l
BTKL: m p e p t i t + m N a O H = m m u o i + m H 2 O → 69 , 8 + 4 a .40 = 101 , 04 + 18 a → a = 0 , 22 m o l
Đặt số mol muối của Ala và Val lần lượt là x và y (mol)
+) BTNT “Na”: x + y = n N a O H = 0 , 88 1
+) m m u ố i = 111 x + 139 y = 101 , 04 ( 2 )
Giải (1) và (2) được x = 0,76 mol và y = 0,12 mol
Sơ đồ bài toán:
69 , 8 g X Y Z : 0 , 16 → + N a O H v u a đ u A l a − N a : a V a l − N a : b
BTNT “C”: n C ( X ) = 2 n A l a − N a + 5 n V a l − N a = 2.0 , 76 + 5.0 , 12 = 2 , 12 m o l
→ C t r u n g b ì n h = 2 , 12 : 0 , 22 = 9 , 6 chứng tỏ trong X có peptit có số C nhỏ hơn 9,6
Số mắt xích Val trung bình = 0,12 : 0,22 = 0,54 → Có peptit không chứa Val
→ C Z = 8 → Z l à A l a 4 M = 89.4 − 18.3 = 302
→ n A l a ( X , Y ) = 0 , 76 − 0 , 16.4 = 0 , 12
Mặt khác:
n X + n Y = 0 , 22 − 0 , 16 = 0 , 06 m o l
m X + m Y = m h h − m Z = 69 , 8 − 0 , 16.302 = 21 , 48 g a m
→ M(X, Y) = 21,48 : 0,06 = 358 → Y là A l a 3 V a l M = 330
Do A l a 2 V a l 2 (M = 358) nên X không thể là chất này. Có 2 trường hợp sau:
TH1:
X là A l a V a l 3 x m o l
Y là A l a 3 V a l y m o l
x + y = 0,06
x + 3 y = n A l a X , Y = 0 , 12
→ x = y = 0,03 loại do không thỏa mãn n X < n Y
TH2:
X là V a l 4 x m o l
Y là A l a 3 V a l y m o l
n A l a ( X , Y ) = 3 y = 0 , 12 → y = 0,04 → x = 0,02 (thỏa mãn)
→ % m X = 0 , 02.414 / 69 , 8 .100 % = 11 , 86 % gần nhất với 12%
Đáp án cần chọn là: D
Đáp án A
Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải đốt cháy kết hợp thủy phân
Từ phản ứng thủy phân
Để biến đổi thành 22,5x mol đipeptit E2
có phương trình: