Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.
Đáp án : D
Bảo toàn khối lượng : mX + mbazo = mrắn + mH2O
=> mH2O = 4,86g => nH2O = 0,27 mol < nbazo
=> nH2O = nX = 0,27 mol
=> MX = 66,2g => X gồm C2H4O2(60) và C3H6O2(74)
Đáp án : B
Gọi CTPT trung bình của ancol là R’OH ; axit là R(COOH)2 ; este : R(COOR’)2
Với số mol lần lượt là a ; b ; c
Bảo toàn khối lượng : mX + mO2 = mCO2 + mH2O
=> nO2 = 0,16 mol ; nCO2 = 0,165 mol ; nH2O = 0,15 mol
Bảo toàn nguyên tố O : nO(X) = a + 4b + 4c = 2nCO2 + nH2O – 2nO2 = 0,16 mol
, nCOO = nNaOH pứ => 2b + 2c = 0,08 – 0,01 = 0,07 mol
=> a = 0,02 mol
, nancol = 0,04 mol = 2neste + nancol ban đầu => neste = c = 0,01 => b = 0,025 mol
Ta có MR’OH = 39g => MR’ = 22g
,mX = mancol + maxit + meste => 4,84 = 0,02.39 + 0,025.(R + 90) + 0,01.(R + 132)
=> R = 14 (CH2)
Vậy dung dịch Y gồm 0,01 mol NaCl và 0,035 mol CH2(COONa)2
=> m = 5,765g
Chọn đáp án C
HCOONa là muối cacboxylic duy nhất có khả năng tráng bạc:
K O C H O + 2 A g N O 3 + 3 N H 3 + H 2 O → t 0 K O C O O N H 4 + 2 A g ↓ + 2 N H 4 N O 3
⇒ nHCOOK = 1 2 .nAg = 0,01 mol
⇒ trong 0,04 mol Y còn 0,03 mol CH3COOK nữa (kế tiếp).
♦ thủy phân 15 , 2 g a m X c ầ n 4 x m o l K O H → x m o l H C O O K + 3 x m o l C H 3 C O O K + 9 , 04 g a m Z
BTKL có
15,2 + 4x × 56
= (84x + 98x) + 9,04
⇒ x = 0,04 mol.
9,04 gam Z gồm 2 ancol đồng đẳng kế tiếp,
nZ = 0,16 mol
⇒ Mtrung bình 2 ancol = 56,5
⇒ cho biết 2 ancol là C2H5OH (M = 46) và C3H7OH (M = 60)
