Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và peptapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m 7,9) gam muối khan. Đố...

K

Khách

Hãy nhập câu hỏi của bạn vào đây, nếu là tài khoản VIP, bạn sẽ được ưu tiên trả lời.

Chọn lớp

Chọn môn

Mua vip

NH

Nguyễn Hoàng Nam

6 tháng 1 2018

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và peptapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m+7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được Na2CO3 và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 28,02 gam và có 2,464 lít khí bay ra (đktc). Phần trăm...

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

6 tháng 1 2018

Những câu hỏi liên quan

NH

Nguyễn Hoàng Nam

27 tháng 11 2019

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và peptapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m + 7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được Na2CO3 và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 28,02 gam và có 2,464 lít khí bay ra (đktc). Phần trăm...

1

NQ

Ngô Quang Sinh

27 tháng 11 2019

NH

Nguyễn Hoàng Nam

25 tháng 7 2019

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và peptapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m+7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được Na2CO3 và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 28,02 gam và có 2,464 lít khí bay ra (đktc). Phần trăm...

1

NQ

Ngô Quang Sinh

25 tháng 7 2019

Chọn đáp án A

Quy X về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O. Bảo toàn nguyên tố Nitơ: n_C2H3NO = 2n_N2 = 0,22 mol.

► Muối gồm 0,22 mol C₂H₄NO₂Na và x mol CH₂. Đốt cho (x + 0,33) mol CO₂ và (x + 0,44) mol H₂O.

m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 44 × (x + 0,33) + 18 × (x + 0,44) = 28,02(g) ⇒ x = 0,09 mol.

⇒ n_Ala = n_CH2 = 0,09 mol ⇒ n_Gly = 0,22 – 0,09 = 0,13 mol.

● n_NaOH = n_C2H3NO = 0,22 mol. Bảo toàn khối lượng: m_X + m_NaOH = m_muối + m_H2O.

⇒ m + 0,22 × 40 = m + 7,9 + m_H2O ⇒ m_H2O = 0,9(g) ⇒ n_H2O = 0,05 mol. Đặt n_A = a mol; n_B = b mol.

n_C2H3NO = 4a + 5b = 0,22 mol; n_H2O = a + b = 0,05 mol ||⇒ giải hệ có: a = 0,03 mol; b = 0,02 mol.

Đặt số gốc Ala trong A và B là m và n (1 ≤ m ≤ 3; 1 ≤ n ≤ 4) ⇒ 0,03m + 0,02n = 0,09.

Giải phương trình nghiệm nguyên có: m = 1 và n = 3 ⇒ B là Gly₂Ala₃.

► %m_A = 0,02 × 345 ÷ (0,22 × 57 + 0,09 × 14 + 0,05 × 18) × 100% = 46,94% ⇒ chọn A.

NH

Nguyễn Hoàng Nam

22 tháng 11 2017

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và peptapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m+7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được Na2CO3 và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 28,02 gam và có 2,464 lít khí bay ra (đktc). Phần trăm...

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

22 tháng 11 2017

Chọn đáp án A

Quy X về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O. Bảo toàn nguyên tố Nitơ: n_C2H3NO = 2n_N2 = 0,22 mol.

► Muối gồm 0,22 mol C₂H₄NO₂Na và x mol CH₂. Đốt cho (x + 0,33) mol CO₂ và (x + 0,44) mol H₂O.

m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 44 × (x + 0,33) + 18 × (x + 0,44) = 28,02(g) ⇒ x = 0,09 mol.

⇒ n_Ala = n_CH2 = 0,09 mol ⇒ n_Gly = 0,22 – 0,09 = 0,13 mol.

● n_NaOH = n_C2H3NO = 0,22 mol. Bảo toàn khối lượng: m_X + m_NaOH = m_muối + m_H2O.

⇒ m + 0,22 × 40 = m + 7,9 + m_H2O ⇒ m_H2O = 0,9(g) ⇒ n_H2O = 0,05 mol. Đặt n_A = a mol; n_B = b mol.

n_C2H3NO = 4a + 5b = 0,22 mol; n_H2O = a + b = 0,05 mol ||⇒ giải hệ có: a = 0,03 mol; b = 0,02 mol.

Đặt số gốc Ala trong A và B là m và n (1 ≤ m ≤ 3; 1 ≤ n ≤ 4) ⇒ 0,03m + 0,02n = 0,09.

Giải phương trình nghiệm nguyên có: m = 1 và n = 3 ⇒ B là Gly₂Ala₃.

► %m_A = 0,02 × 345 ÷ (0,22 × 57 + 0,09 × 14 + 0,05 × 18) × 100% = 46,94% ⇒ chọn A.

NH

Nguyễn Hoàng Nam

26 tháng 12 2017

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và peptapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m+7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được Na2CO3 và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 28,02 gam và có 2,464 lít khí bay ra (đktc). Phần trăm...

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

26 tháng 12 2017

Chọn đáp án A

Quy X về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O. Bảo toàn nguyên tố Nitơ: n_C2H3NO = 2n_N2 = 0,22 mol.

► Muối gồm 0,22 mol C₂H₄NO₂Na và x mol CH₂. Đốt cho (x + 0,33) mol CO₂ và (x + 0,44) mol H₂O.

m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 44 × (x + 0,33) + 18 × (x + 0,44) = 28,02(g) ⇒ x = 0,09 mol.

⇒ n_Ala = n_CH2 = 0,09 mol ⇒ n_Gly = 0,22 – 0,09 = 0,13 mol.

● n_NaOH = n_C2H3NO = 0,22 mol. Bảo toàn khối lượng: m_X + m_NaOH = m_muối + m_H2O.

⇒ m + 0,22 × 40 = m + 7,9 + m_H2O ⇒ m_H2O = 0,9(g) ⇒ n_H2O = 0,05 mol. Đặt n_A = a mol; n_B = b mol.

n_C2H3NO = 4a + 5b = 0,22 mol; n_H2O = a + b = 0,05 mol ||⇒ giải hệ có: a = 0,03 mol; b = 0,02 mol.

Đặt số gốc Ala trong A và B là m và n (1 ≤ m ≤ 3; 1 ≤ n ≤ 4) ⇒ 0,03m + 0,02n = 0,09.

Giải phương trình nghiệm nguyên có: m = 1 và n = 3 ⇒ B là Gly₂Ala₃.

► %m_A = 0,02 × 345 ÷ (0,22 × 57 + 0,09 × 14 + 0,05 × 18) × 100% = 46,94% ⇒ chọn A.

NH

Nguyễn Hoàng Nam

24 tháng 12 2019

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và peptapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m+7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được Na2CO3 và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 28,02 gam và có 2,464 lít khí bay ra (đktc). Phần trăm...

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

24 tháng 12 2019

Chọn đáp án A

Quy X về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O. Bảo toàn nguyên tố Nitơ: n_C2H3NO = 2n_N2 = 0,22 mol.

► Muối gồm 0,22 mol C₂H₄NO₂Na và x mol CH₂. Đốt cho (x + 0,33) mol CO₂ và (x + 0,44) mol H₂O.

m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 44 × (x + 0,33) + 18 × (x + 0,44) = 28,02(g) ⇒ x = 0,09 mol.

⇒ n_Ala = n_CH2 = 0,09 mol ⇒ n_Gly = 0,22 – 0,09 = 0,13 mol.

● n_NaOH = n_C2H3NO = 0,22 mol. Bảo toàn khối lượng: m_X + m_NaOH = m_muối + m_H2O.

⇒ m + 0,22 × 40 = m + 7,9 + m_H2O ⇒ m_H2O = 0,9(g) ⇒ n_H2O = 0,05 mol. Đặt n_A = a mol; n_B = b mol.

n_C2H3NO = 4a + 5b = 0,22 mol; n_H2O = a + b = 0,05 mol ||⇒ giải hệ có: a = 0,03 mol; b = 0,02 mol.

Đặt số gốc Ala trong A và B là m và n (1 ≤ m ≤ 3; 1 ≤ n ≤ 4) ⇒ 0,03m + 0,02n = 0,09.

Giải phương trình nghiệm nguyên có: m = 1 và n = 3 ⇒ B là Gly₂Ala₃.

► %m_A = 0,02 × 345 ÷ (0,22 × 57 + 0,09 × 14 + 0,05 × 18) × 100% = 46,94% ⇒ chọn A.

NH

Nguyễn Hoàng Nam

16 tháng 8 2019

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và peptapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m+7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được Na2CO3 và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 28,02 gam và có 2,464 lít khí bay ra (đktc). Phần trăm...

1

NQ

Ngô Quang Sinh

16 tháng 8 2019

Đáp án A

► Quy A về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O ⇒ n_C2H3NO = 2n_N2 = 0,22 mol.

Muối gồm C₂H₄NO₂Na và CH₂ ⇒ m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 28,02(g).

⇒ n_H2O = 0,52 mol ⇒ n_CH2 = 0,52 – 0,22 × 2 = 0,09 mol.

n_NaOH = n_C2H3NO = 0,22 mol. Bảo toàn khối lượng: m_H2O = 0,9(g) ⇒ n_H2O = 0,05 mol.

► Đặt n_X = x; n_Y = y ⇒ n_H2O = n_A = x + y = 0,05 mol; n_C2H3NO = 4x + 5y = 0,22 mol.

⇒ giải hệ cho: x = 0,03 mol; y = 0,02 mol. Do X và Y chỉ tạo bởi Gly và Ala.

⇒ n_Ala = 0,09 mol. Gọi số gốc Ala trong X và Y là m và n (m, n Î N*).

⇒ n_Ala = 0,03m + 0,02n = 0,09 mol. Giải phương trình nghiệm nguyên cho: m = 1 và n = 3.

► Y là Gly₂Ala₃ ⇒ %m_Y = 0,02 × 345 ÷ 14,7 × 100% = 46,94%

NH

Nguyễn Hoàng Nam

18 tháng 3 2019

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và pentapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m + 7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được N a 2 C O 3 và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch B a O H 2 dư thấy khối...

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

18 tháng 3 2019

Quỵ đổi X thành:

C 2 H 3 O N : 0 , 22 (Tính từ n N 2 = 0 , 22 )

C H 2 : a m o l H 2 O : b m o l

Trong phản ứng thủy phân M:

X + NaOH → Muối + H 2 O

m N a O H − m H 2 O = 7 , 9 = > 40.0 , 22 − 18 b = 7 , 9 = > b = 0 , 05

Đốt muối thu được:

n N a 2 C O 3 = n NaOH 2 = 0 , 11 m o l

Bảo toàn C: n C O 2 = 0 , 22.2 + a − 0 , 11 = a + 0 , 33

Bảo toàn H: n H 2 O = 0 , 22.1 , 5 + a + b + 0 , 22 2 – b = a + 0 , 44

=> 44.(a + 0,33) + 18.(a + 0,44) = 28,02 => a = 0,09 => m A = 14 , 7 g a m

Đặt x, y là số mol X, Y = > n A = x + y = b = 0 , 05 v à n N a O H = 4 x + 5 y = 0 , 22

=> x = 0,03 và y = 0,03

Đặt u, v là số mol của Gly và Ala

= > n N = u + v = 0 , 22 v à n C = 2 u + 3 v = n C O 2 + n N a 2 C O 3 = 0 , 53 n

=> u = 0,13 và v = 0,09

X : G l y p A l a 4 − p Y : G l y q A l a 5 − q

= > n G l y = 0 , 03 p + 0 , 02 q = 0 , 13 = > 3 p + 2 q = 13

Vì p < 4 và q < 5 => p = 3 và q = 2 => X là G l y 3 A l a

= > % X = 0 , 03.260 14 , 7 = 53 , 06 %

=> %Y = 46,94%

Đáp án cần chọn là: A

NH

Nguyễn Hoàng Nam

27 tháng 8 2018

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và pentapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m+ 7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được Na2CO3 và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 28,02 gam và có 2,464 lít khí bay ra (đktc). Phần trăm...

#Hóa học lớp 12

1

NQ

Ngô Quang Sinh

27 tháng 8 2018

Đáp án A

Phương pháp: Quy đổi peptit thành CONH, CH₂ và H₂O

Quy đổi X thành:

C₂H₃ON: 0,22(Tính từ n_N2 = 0,22)

CH₂: a

H₂O: b

Trong phản ứng thủy phân M:

X + NaOH → Muối + H₂O

m_NaOH- m_H2O= 7,9

=> 40 . 0,22- 18b = 7,9 => b = 0,05

Đốt muối thu được:

n_Na2CO3 = n_NaOH/2 = 0,11

Bảo toàn C: n_CO2= 0,22 . 2 + a - 0,11 = a + 0,33

Bảo toàn H: n_H2O = (0,22 . 1,5 + a + b) + 0,22/2 – b = a +0,44

=> 44(a + 0,33) + 18(a + 0,44) = 28,02 => a = 0,09 => m_A = 14,7 gam

Đặt x, y là số mol X, Y => n_A = x + y = b = 0,05 & n_NaOH = 4x + 5y = 0,22

=>x = 0,03 &y = 0,02

Đặt u, v là số mol của Gly và Ala

=> n_N= u + v = 0,22

và n_C = 2u + 3v = n_CO2 + n_Na2CO3 = 0,53

=> u = 0,13 và v = 0,09

X: (Gly)p(Ala)4-p

Y: (Gly)q(Ala)5-q

=> n_Gly = 0,03p + 0,02q = 0,13

=>3p+2q = 13

Vìp<4vàq<5 => p = 3 và q = 2 =>X là (Gly)₃(Ala)

=> %X = 0,03 . 260/14,7 = 53,06%

=> %Y = 46,94%

n_C= 0,75; n_H= 2,25; n_N= 0,125

C:H:N=0,75:2,25:0,125=3:9:1

Mà amin đơn chức nên CTPT là: C₃H₉N

NH

Nguyễn Hoàng Nam

8 tháng 1 2018

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và pentapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m+ 7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được Na2CO3 và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 28,02 gam và có 2,464 lít khí bay ra (đktc). Phần trăm...

1

NQ

Ngô Quang Sinh

8 tháng 1 2018

Đáp án A

Quy đổi X thành:

C₂H₃ON: 0,22(Tính từ n_N2 = 0,22)

CH₂: a

H₂O: b

Trong phản ứng thủy phân M:

X + NaOH → Muối + H₂O

m_NaOH- m_H2O= 7,9

=> 40 . 0,22- 18b = 7,9 => b = 0,05

Đốt muối thu được:

n_Na2CO3 = n_NaOH/2 = 0,11

Bảo toàn C: n_CO2= 0,22 . 2 + a - 0,11 = a + 0,33

Bảo toàn H: n_H2O = (0,22 . 1,5 + a + b) + 0,22/2 – b = a +0,44

=> 44(a + 0,33) + 18(a + 0,44) = 28,02 => a = 0,09 => m_A = 14,7 gam

Đặt x, y là số mol X, Y => n_A = x + y = b = 0,05 & n_NaOH = 4x + 5y = 0,22

=>x = 0,03 &y = 0,02

Đặt u, v là số mol của Gly và Ala

=> n_N= u + v = 0,22

và n_C = 2u + 3v = n_CO2 + n_Na2CO3 = 0,53

=> u = 0,13 và v = 0,09

X: (Gly)p(Ala)4-p

Y: (Gly)q(Ala)5-q

=> n_Gly = 0,03p + 0,02q = 0,13

=>3p+2q = 13

Vìp<4vàq<5 => p = 3 và q = 2 =>X là (Gly)₃(Ala)

=> %X = 0,03 . 260/14,7 = 53,06%

=> %Y = 46,94%