\(n_{CO_2}=\dfrac{2,24}{22,4}=0,1\left(mol\right)\\ n_{NaOH}=0,5.0,1=0,05\left(mol\right)\\ n_{Na_2CO_3}=1,5.0,1=0,15\left(mol\right)\)

Xét \(T=\dfrac{0,05}{1}=\dfrac{1}{2}\) => Tạo muối NaHCO₃ 

PTHH:   \(NaOH+CO_2\rightarrow NaHCO_3\)

               0,05---->0,05----->0,05

               \(Na_2CO_3+CO_2+H_2O\rightarrow2NaHCO_3\)

bđ            0,15           0,05

sau pư     0,1               0                       0,1

Vậy ddX gồm \(\left\{{}\begin{matrix}Na_2CO_3:n_{Na_2CO_3}=0,1\left(mol\right)\\NaHCO_3:n_{NaHCO_3}=0,05+0,1=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{CO_3^{2-}}=0,1\left(mol\right)\\n_{HCO_3^-}=0,15\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(n_{BaCO_3\downarrow}=\dfrac{43,34}{197}=0,22\left(mol\right)\)

Xét \(0,22< 0,1+0,15=0,25\)

=> Trong dd có chứa muối \(HCO_3^-\)

+) TH₁: Muối đó là NaHCO₃ dư

\(n_{Ba^{2+}}=n_{BaCO_3}=0,22\left(mol\right)\\ n_{BaCl_2}=2.0,1=0,2\left(mol\right)\\ \xrightarrow[]{\text{BTNT Ba}}n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,22-0,2=0,02\left(mol\right)\\ \rightarrow a=C_{M\left(Ba\left(OH\right)_2\right)}=\dfrac{0,02}{0,1}=0,2M\)

+) TH₂: Muối đó là Ba(HCO₃)₂

\(\xrightarrow[\text{BTNT C}]{}n_{Ba\left(HCO_3\right)_2}=\dfrac{1}{2}n_{HCO_3^-}=\dfrac{1}{2}.\left(0,25-0,22\right)=0,015\left(mol\right)\\ \sum n_{Ba^{2+}}=n_{Ba\left(HCO_3\right)_2}+n_{BaCO_3}=0,015+0,22=0,235\left(mol\right)\\ \xrightarrow[\text{BTNT Ba}]{}n_{Ba\left(OH\right)_2}=0,235-0,2=0,035\left(mol\right)\\ \rightarrow a=C_{M\left(Ba\left(OH\right)_2\right)}=\dfrac{0,03}{0,1}=0,35M\)

Vậy \(0,2\le a\le0,35\)

hnhu thay a = 0,2 với 0,35 vào đều ra khác với đề hsy :) ?

Gọi số mol C₂H₅OH, C₆H₆ là a, b (mol)

=> 46a + 78b = 5,79 (1)

\(n_{NaOH}=0,75.0,8=0,6\left(mol\right)\)

\(n_{CaCO_3}=\dfrac{27}{100}=0,27\left(mol\right)\)

TH1: Y chỉ chứa muối là Na₂CO₃

PTHH: 2NaOH + CO₂ --> Na₂CO₃ + H₂O

                            0,27<----0,27

            Na₂CO₃ + CaCl₂ --> CaCO₃ + 2NaCl

              0,27<----------------0,27

=> \(n_{CO_2}=0,27\left(mol\right)\)

PTHH: C₂H₅OH + 3O₂ --t^o--> 2CO₂ + 3H₂O

                   a------------------->2a

            C₆H₆ + \(\dfrac{15}{2}\)O₂ --t^o--> 6CO₂ + 3H₂O

                b-------------------->6b

=> 2a + 6b = 0,27 (2)

(1)(2) => a = 0,114 (mol); b = 0,007 (mol)

TH2: Y chứa muối là Na₂CO₃ và NaHCO₃

PTHH: 2NaOH + CO₂ --> Na₂CO₃ + H₂O

               0,6---->0,3------->0,3

             Na₂CO₃ + CO₂ + H₂O --> 2NaHCO₃

                0,03--->0,03

             Na₂CO₃ + CaCl₂ --> CaCO₃ + 2NaCl

                0,27<----------------0,27

=> \(n_{CO_2}=0,3+0,03=0,33\left(mol\right)\)

Có: 2a + 6b = 0,33 (3)

(1)(3) => a = 0,075 (mol); b = 0,03 (mol)

a) 

\(n_{Ca}=\dfrac{8}{40}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: Ca + 2H₂O --> Ca(OH)₂ + H₂

            0,2--------------->0,2----->0,2

=> \(m_{Ca\left(OH\right)_2}=0,2.74=14,8\left(g\right)\)

\(m_{dd}=8+492,4-0,2.2=500\left(g\right)\)

\(C\%=\dfrac{14,8}{500}.100\%=2,96\%\)

b)

\(\dfrac{1}{10}\) dd A chứa 0,02 mol Ca(OH)₂

Gọi công thức chung của 2 khí là XO₂

\(M_{XO_2}=27.2=54\left(g/mol\right)\Rightarrow M_X=22\left(g/mol\right)\)

\(n_{CaXO_3}=\dfrac{1,1}{40+22+16.3}=0,01\left(mol\right)\)

TH1: Nếu kết tủa không bị hòa tan

PTHH: Ca(OH)₂ + XO₂ --> CaXO₃ + H₂O

                               0,01<---0,01

=> V = 0,01.22,4 = 0,224 (l)

TH2: Nếu kết tủa bị hòa tan 1 phần

PTHH: Ca(OH)₂ + XO₂ --> CaXO₃ + H₂O

               0,02---->0,02---->0,02

            CaXO₃ + XO₂ + H₂O --> Ca(HXO₃)₂

              0,01--->0,01

=> V = (0,02 + 0,01).22,4 = 0,672 (l)

a)

\(n_{Ca}=\dfrac{8}{40}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: \(Ca+2H_2O\rightarrow Ca\left(OH\right)_2+H_2\uparrow\)

           0,2--------------->0,2----------->0,2

ddA có chứa chất tan: Ca(OH)₂ 

\(m_{ddA}=8+492,4-0,2.2=500\left(g\right)\\ m_{Ca\left(OH\right)_2}=0,2.74=14,8\left(g\right)\\ \rightarrow C\%_{Ca\left(OH\right)_2}=\dfrac{14,8}{500}.100\%=2,96\%\)

b)

1/10 ddA có chứa: \(n_{Ca\left(OH\right)_2}=\dfrac{0,2}{10}=0,02\left(mol\right)\)

Quy hết hỗn hợp CO₂, SO₂ về RO₂

\(M_{RO_2}=27.2=54\left(g\text{/}mol\right)\\ \Leftrightarrow M_R+16.2=54\\ \Leftrightarrow M_R=22\left(g\text{/}mol\right)\)

+) TH₁:Nếu kết tủa không bị tan

\(n_{CaRO_3}=\dfrac{1,1}{110}=0,01\left(mol\right)\)

PTHH: \(RO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaRO_3\downarrow+H_2O\)

          0,01<----0,01<--------0,01

Xét \(n_{Ca\left(OH\right)_2\left(pư\right)}=0,01< 0,02=n_{Ca\left(OH\right)_2\left(bđ\right)}\)

=> TH này có thoả mãn

\(V=V_{RO_2}=0,01.22,4=0,224\left(l\right)\)

+) TH₂:Nếu kết tủa bị tan

Tương tự TH₁: n_{RO2 (tạo muối trung hoà)} = 0,01 (mol)

\(n_{Ca\left(OH\right)_2\left(tạo.muối.axit\right)}=0,02-0,01=0,01\left(mol\right)\)

PTHH: \(Ca\left(OH\right)_2+2RO_2\rightarrow Ca\left(HRO_3\right)_2\)

          0,01---------->0,02

\(\rightarrow\sum n_{RO_2}=0,01+0,02=0,03\left(mol\right)\\ \rightarrow V_{RO_2}=0,03.22,4=0,672\left(l\right)\)

Vậy \(0,224\le V\le0,672\)

\(M_{ankan}=1,375.32=44\left(g\text{/}mol\right)\\ \rightarrow12n+2n+2=44\\ \Leftrightarrow n=3\left(TM\right)\)

Vậy CTPT của ankan là \(C_3H_8\)

CTCT: \(CH_3-CH_2-CH_3\)

\(M_{C_nH_{2n+2}}=M_{O_2}.1,375=32.1,375=44\left(đvC\right)\)

\(12n+2n+2=44\Leftrightarrow n=3\)

Vậy ankan là \(C_3H_6\).

Đặt \(n_{H_2SO_4}=a\left(mol\right)\rightarrow n_{HCl}=3a\left(mol\right)\)

\(n_{NaOH}=0,05.0,5=0,025\left(mol\right)\)

PTHH:

\(H_2SO_4+2NaOH\rightarrow Na_2SO_4+2H_2O\)

a--------->2a

\(HCl+NaOH\rightarrow NaCl+H_2O\)

3a----->3a

\(\rightarrow2a+3a=0,025\\ \Leftrightarrow a=0,005\left(mol\right)\\ \rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C_{M\left(H_2SO_4\right)}=\dfrac{0,005}{0,1}=0,05M\\C_{M\left(HCl\right)}=\dfrac{0,005.3}{0,1}=0,15M\end{matrix}\right.\)

- \(nCH_2=CH_2\underrightarrow{t^o,p,xt}\left(-CH_2-CH_2-\right)_n\)

- \(CH_4+Cl_2\underrightarrow{as}CH_3Cl+HCl\)

- \(CH_2=CH_2+Br_2\rightarrow CH_2Br-CH_2Br\)

- \(CH\equiv CH+2Br_2\rightarrow CHBr_2-CHBr_2\)

- \(C_6H_{12}O_6+Ag_2O\underrightarrow{NH_3}C_6H_{12}O_7+2Ag\)

?

Đặt mol của FeO, Cu, Fe2O3 lần lượt là x, y, z (mol)

- Khi cho X phản ứng với HCl vừa đủ thu được dd Y gồm 2 chất tan → Y chứa FeCl2 và CuCl2

FeO + 2 HCl → FeCl2 + H2O

  x →                    x

Fe2O3 + 6 HCl → 2 FeCl3 + 3 H2O

    z →                        2z

2 FeCl3 + Cu → CuCl2 + 2 FeCl2

     2z  →   z  →    z →         2z

Vì Cu phản ứng vừa đủ với FeCl3 nên ta có z = y (1)

Dung dịch Y chứa FeCl2 (x + 2z mol) và CuCl2 (z mol)

- Khi cho dd Y tác dụng với AgNO3 dư:

FeCl2 + 3AgNO3 → 2AgCl   +     Ag + Fe(NO3)3

(x+2z) →                 2(x+2z) → (x+2z)

CuCl2 + 2AgNO3 → 2 AgCl + Cu(NO3)2

   z  →                            2z

⟹ mkết tủa AgCl, Ag = 143,5.(2x + 6z) + 108.(x + 2z) = 36,8 (2)

Y{FeCl2;CuCl2}+NaOHdu−−→↓{Fe(OH)2;Cu(OH)2}Nung−−→Chatran{Fe2O3;CuO}Y{FeCl2;CuCl2}→+NaOHdu↓{Fe(OH)2;Cu(OH)2}→NungChatran{Fe2O3;CuO}

Bảo toàn nguyên tố Fe ⟹ nFe2O3 = 1/2.nFeO + nFe2O3 = 0,5x + z (mol)

Bảo toàn nguyên tố Cu ⟹ nCuO = nCu = y (mol)

⟹ mchất rắn = 160.(0,5x + z) + 80y = 8 (3)

Giải hệ (1) (2) (3) được x = 0,025; y = 0,025; z = 0,025

⟹ m = 0,025.72 + 0,025.64 + 0,025.160 = 7,4 gam

- Mặt khác cho X phản ứng với H2SO4 đặc:

Quá trình trao đổi e:

Fe+2 → Fe+3 + 1e                        S+6 + 2e → S+4 (SO2)

Cu0 → Cu+2 + 2e

Áp dụng bảo toàn e: nFeO + 2nCu = 2nSO2 ⇔ 0,025 + 2.0,025 = 2.nSO2 ⇔ nSO2 = 0,0375 mol

⟹ V = 0,0375.22,4 = 0,84 lít

(CxHyCOO)3C3H5+3H2O-h+->3CxHyCOOH+C3H5(OH)3

C12H22O11+H2O-tp->C6H12O6+C6H12O6

 (C6H10O5)n + nH2O → nC6H12O6

Peptit (n mắt xích) + (n – 1)H2O + aHCl → n muối của ∝-amino axit

bjb